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nyoj 712 探 寻 宝 藏(双线dp 第六届河南省程序设计大赛)
2016-04-29 12:55:04 来源: 作者: 【 】 浏览:209
Tags:nyoj 712 双线 第六届 河南省 程序设计 大赛

探 寻 宝 藏

时间限制:1000ms | 内存限制:65535KB
难度:5

传说HMH大沙漠中有一个M*N迷宫,里面藏有许多宝物。某天,Dr.Kong找到了迷宫的地图,他发现迷宫内处处有宝物,最珍贵的宝物就藏在右下角,迷宫的进出口在左上角。当然,迷宫中的通路不是平坦的,到处都是陷阱。Dr.Kong决定让他的机器人卡多去探险。

但机器人卡多从左上角走到右下角时,只会向下走或者向右走。从右下角往回走到左上角时,只会向上走或者向左走,而且卡多不走回头路。(即:一个点最多经过一次)。当然卡多顺手也拿走沿路的每个宝物。

 
    
2 2 3 0 10 10 10 10 80 3 3 0 3 9 2 8 5 5 7 100
 
    
120 134

这道题和以往我们做的dp不同之处就在于 是一去一回

加入只有去 我们可以 用动态规划方程 dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i][j-1])+map[i][j].

而这道题去了又回来 我们可以理解为两个人同时从左上角去 不过不走相同的路

如果两个人不走相同的路 那么这两个人必须不在相同的列或者行 又因为 两个人走的步数完全相同

所以我们可以通过一个人走的步数得到另外一个人走的步数

我们可以通过一个四维的数组来保存

于是这个时候的动态规划方程


附上代码:

 
#include 
     
      
#include 
      
        #include 
       
         using namespace std; int map[55][55]; int dp[55][55][55][55]; int main() { int ncase; scanf("%d",&ncase); while(ncase--) { int n,m; memset(dp,0,sizeof(dp)); memset(map,0,sizeof(map)); scanf("%d %d",&m,&n); for(int i=1;i<=m;i++) for(int j=1;j<=n;j++) scanf("%d",&map[i][j]); for(int i=1;i<=m;i++) for(int j=1;j<=n;j++) for(int k=i+1;k<=m;k++) { int l=i+j-k; if(l<0||l>n) break; dp[i][j][k][l]=max(max(dp[i-1][j][k-1][l],dp[i-1][j][k][l-1]), max(dp[i][j-1][k-1][l],dp[i][j-1][k][l-1]))+map[i][j]+map[k][l]; } printf("%d\n",max(max(dp[m][n-1][m-1][n],dp[m][n-1][m][n-1]), max(dp[m-1][n][m-1][n],dp[m-1][n][m][n-1]))+map[m][n]); } } 
       
      
     

dp[k][i][j] 其中k为当前走的步数 i为第一个人的行左边 j为第二个人的行坐标

又因为我所建的图左上角坐标为(1,1) 所以从左上角到右下角需要的最少步数为m+n-2

这个时候的动态转移方程为

ac代码:

 
#include 
     
      
#include 
      
        #include 
       
         using namespace std; int map[55][55]; int dp[110][55][55]; int main() { int ncase; scanf("%d",&ncase); while(ncase--) { int n,m; memset(dp,0,sizeof(dp)); memset(map,0,sizeof(map)); scanf("%d %d",&m,&n); for(int i=1;i<=m;i++) for(int j=1;j<=n;j++) scanf("%d",&map[i][j]); int step=m+n-2; for(int i=1;i<=m;i++) for(int j=i+1;j<=m;j++) for(int k=1;k
        
         =i&&k+2>=j) { dp[k][i][j]=max(max(dp[k-1][i-1][j],dp[k-1][i-1][j-1]), max(dp[k-1][i][j],dp[k-1][i][j-1]))+map[i][k-i+2]+map[j][k-j+2]; } } printf("%d\n",max(dp[step-1][m][m-1],dp[step-1][m-1][m])+map[m][n]); } return 0; } 
        
       
      
     


描述 Dr.Kong希望他的机器人卡多尽量多地带出宝物。请你编写程序,帮助Dr.Kong计算一下,卡多最多能带出多少宝物。
输入第一行: K 表示有多少组测试数据。
接下来对每组测试数据:
第1行: M N
第2~M+1行: Ai1 Ai2 ……AiN (i=1,…..,m)


【约束条件】
2≤k≤5 1≤M, N≤50 0≤Aij≤100 (i=1,….,M; j=1,…,N)
所有数据都是整数。 数据之间有一个空格。
输出对于每组测试数据,输出一行:机器人卡多携带出最多价值的宝物数
样例输入
样例输出
dp[i][j][k][l]=max(max(dp[i-1][j][k-1][l],dp[i-1][j][k][l-1]), 29. max(dp[i][j-1][k-1][l],dp[i][j-1][k][l-1]))+map[i][j]+map[k][l];
由于四维数组占用的空间特别大 又因为在这道题中两个人走的步数完全相同 也就是i+j=k+l 所以我们可以通过步数 转换为3维的 dp[k][i][j]=max(max(dp[k-1][i-1][j],dp[k-1][i-1][j-1]), 30. max(dp[k-1][i][j],dp[k-1][i][j-1]))+map[i][k-i+2]+map[j][k-j+2];
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