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洛谷 P2725 邮票题解
2019-09-04 01:00:54 】 浏览:22
Tags:洛谷 P2725 邮票 题解

题目背景

给一组 N 枚邮票的面值集合(如,{1 分,3 分})和一个上限 K —— 表示信封上能够贴 K 张邮票。计算从 1 到 M 的最大连续可贴出的邮资。

题目描述

例如,假设有 1 分和 3 分的邮票;你最多可以贴 5 张邮票。很容易贴出 1 到 5 分的邮资(用 1 分邮票贴就行了),接下来的邮资也不难:

6 = 3 + 3 
7 = 3 + 3 + 1 
8 = 3 + 3 + 1 + 1 
9 = 3 + 3 + 3 
10 = 3 + 3 + 3 + 1 
11 = 3 + 3 + 3 + 1 + 1 
12 = 3 + 3 + 3 + 3 
13 = 3 + 3 + 3 + 3 + 1

然而,使用 5 枚 1 分或者 3 分的邮票根本不可能贴出 14 分的邮资。因此,对于这两种邮票的集合和上限 K=5,答案是 M=13。 [规模最大的一个点的时限是3s]

小提示:因为14贴不出来,所以最高上限是13而不是15

输入格式

第 1 行: 两个整数,K 和 N。K(1 <= K <= 200)是可用的邮票总数。N(1 <= N <= 50)是邮票面值的数量。

第 2 行 .. 文件末: N 个整数,每行 15 个,列出所有的 N 个邮票的面值,每张邮票的面值不超过 10000。

输出格式

第 1 行:一个整数,从 1 分开始连续的可用集合中不多于 K 张邮票贴出的邮资数。

输入输出样例

输入 #1
5 2
1 3
输出 #1
13

说明/提示

题目翻译来自NOCOW。

USACO Training Section 3.1


 

题解

这题虽然也是完全背包问题,但是比总分那题难想。直接选择题目所求作为f[i]是不行的。f[i]为要达成i面值所需要的最少邮票个数。这样状态转移方程就是:f[j] = min( f[j], f[j - a] + 1 );,也就是如果选择面值为a可以减少张数就选择a,否则不选a。

 1 #include <iostream>
 2 #include <stdio.h>
 3 #include <math.h>
 4 #include <algorithm>
 5 #include <string.h>
 6 
 7 using namespace std;
 8 
 9 const int    MAXN = 2000005;
10 int        a, n, k, f[MAXN];
11 
12 int main()
13 {
14     cin >> k >> n;
15     for ( int i = 0; i < MAXN; i++ )
16     {
17         f[i] = 1111111;
18     }
19     f[0] = 0;
20     for ( int i = 1; i <= n; i++ )
21     {
22         cin >> a;
23         for ( int j = a; j <= MAXN; j++ )
24         {
25             if ( f[j - a] + 1 <= k ) /* 用的邮票数目在范围内 */
26             {
27                 f[j] = min( f[j], f[j - a] + 1 );
28             }
29         }
30     }
31     for ( int i = 1; i < MAXN; i++ )
32     {
33         if ( f[i] == 1111111 )
34         {
35             cout << i - 1 << endl;
36             break;
37         }
38     }
39     return(0);
40 }

 


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